第
3
回レポート問題解答例作成 平成
30
年7
月3
日 山田 博仁 問1
式(c)より0
1
y xz
E E
H i x y
右辺に式(g)と式(h)とを代入すると、
2 2 2 2
0 0
2 2 2 2
0 0 0
2 2 2 2
2 2 2 2 2 2 2 2
0 0 0 0
1
1 1
z z z z
z
z z
z
E H E H
H i k k
i k x y x x y y
H H
k x y k x y H
式(f)より0
1
y xz
H H
E i x y
右辺に式(i)と式(j)とを代入すると、
2 2 2 2
0 0
2 2 2 2
0 0 0
2 2 2 2
2 2 2 2 2 2 2 2
0 0 0 0
1
1 1
z z z z
z
z z
z
H E H E
E i k k
i k x y x x y y
E E
k x y k x y E
問
2(1)
与えられたH
zの解の表式より、
2
2 2
2z x
sin
x xcos
xsin
ycos
yH Ak k x Bk k x C k y D k y
x
2
2 2
2z
sin
xcos
x ysin
y ycos
yH A k x B k x Ck k y Dk k y
y
2 2
2 2 2 2
0 0
1
z z
H H
k x y
の右辺に代入すると、
2 2
2 2
0 0
2 2
2 2
0 0
1 sin cos sin cos
z x y x x y y
x y
z
H k k A k x B k x C k y D k y
k k k
k H
従って、2 2
2 2
0 0
x y
1
k k
k
より、2 2 2
0 0
1
x y
k k k
(2)
導体界面においてはE
の接線成分およびH
の法線成分がゼロとなるから、
x = 0, a
においてE
y, H
x=0、また y = 0, b
においてはE
x, H
y=0
となる。また、上記の境界条件と式(i), (j)を用い、さらに
E
zがゼロであるTE
波であることを考慮すると、x = 0, a
においてH
z0 x
、またy = 0, b
においてはH
z0 y
となる。(3)
導波管壁面x = 0, a
においてH
z0 x
、またy = 0, b
においてはH
z0 y
となることから、x = 0, a
において zcos
xsin
x sin y cos
y 0
x x
H A B
k x k x C k y D k y
x k k
また
y = 0, b
においては z sin
xcos
x cos
ysin
y0
y y
H C D
A k x B k x k y k y
y k k
となるためには、 x
m
k a
、 yn
k b
(m, n
は整数であるが、共に0
であってはならない)であり、かつ
A = C = 0
である。従ってTE
波の場合H
z は、
cos cos cos cos cos cos
z x y x y
m n
H B k x D k y k x k y x y
a b
という形で表される。ここで
α
は、BD
としておいた新しい未定係数であり、m, nは共に値0
をと ることのない整数である。(4)
導波管内の磁束密度をB(x, y, z)とすると、導波管断面の磁束 Φ (z)は、
0 0
( ) z
b aB x y z dxdy , ,
となる。従ってその時間微分は、
0 0
( )
b adB x y z , , d z
dt dt dxdy
となる。ファラデーの法則よりrot
t
E B
であるから、0 0
( )
b arot d z
dt dxdy
E n
となる。ここで
n
は導波管断面に垂直な単位法線ベクトルであり、それは即ちz
方向の単位ベクトルe
zである。rot E
zE
y xE
xE
z yE
yE
x zy z z x x y
E e e e
であるから、0 0
( )
b aE
yE
xd z
dt x y dxdy
となる。TE波でE
z がゼロであることを考慮して式(g), (h)より、2 2
2 2 0 2
0 0
x z z
E i E H
y k k x y y
,
2 2
2 2 0 2
0 0
y z z
E i E H
x k k x y x
であるから、2 2
0
2 2 2 2
0 0
y x z z
E E i H H
x y k x y
となる。与えられた
H
zの解の表式より、2
2 2
z
x z
H k H
x
,
2
2 2
z
y z
H k H
y
であるから、 2 2 2 2
2 2
z z
x y z
H H
k k H
x y
従って、 0
2 2
2 2
0 0
x y
y x
z
i k k
E E
x y k H
であり、
2 2
0
2 2 0 0
0 0
( )
x y b az
i k k
d z
H dxdy
dt k
となる。そこでまず
0 0 b a
H dxdy
z
を求めると、TE波の場合Hz
は、
cos cos cos cos
z x y
m n
H k x k y x y
a b
と書けるから、
0b 0a
H dxdy
z
0b 0a cos k x
xcos k y dxdy
y
0acos k x dx
x 0bcos k y dy
y
0
0 0
1 1
cos sin sin 0
a a
a
x x
x x
k x dx k x m x
k k a
0
0 0
1 1
cos sin sin 0
b b
b
y y
y y
k y dy k y n x
k k b
従って、
0b 0a
H dxdy
z 0
よって、 0
2 2
2 2 0 0
0 0